Lớp 8 - Kiểm tra tháng 10
Ôn tập: Phân tích đa thức thành nhân tử, các tính chất và dấu hiệu nhận biết hình thang, hình thang cân, hình hình hành, hình chữ nhật, ...
Ôn tập: Phân tích đa thức thành nhân tử, các tính chất và dấu hiệu nhận biết hình thang, hình thang cân, hình hình hành, hình chữ nhật, ...
Đào Hữu Gia Hiển 10 điểm | |
Ngô Vĩnh Khang 10 điểm | |
Đặng hồ nhật huy 10 điểm | |
Đỗ Văn Long 10 điểm | |
Nguyễn Ngọc Ánh 10 điểm |
Có 394 người đã làm bài
Mỗi khẳng định sau đây đúng hay sai?
- Hình thang có hai cạnh bên bằng nhau hoặc hai đáy bằng nhau chưa chắc đã là hình thang cân, hình thang cân là hình thang có hai góc kề một đay bằng nhau.
Hình dưới là hình thang nhưng không phải hình thang cân:
- Tứ giác có hai góc kề một cạnh bằng nhau chưa chắc đã là một hình thang nên chưa chắc đã là một hình thang cân.
Hình dưới không phải là hình thang nên không phải là hình thang cân:
Hình thang cân ABCD có AB // CD, AB < CD. Kẻ các đường cao AH, BK. |
|
Nối hai đoạn thẳng bằng nhau:
Ta có:
- DK = DH + HK = CK + HK = CH.
- @p.t@AKH = @p.t@KAB (cạnh huyền - cạnh góc vuông). Suy ra AB = HK (cặp cạnh tương ứng).
- @p.t@AKH = @p.t@BHK (cạnh góc vuông - cạnh góc vuông). Suy ra AK = BH (cặp cạnh tương ứng).
p.t = '△';
Biết $x^3 - y^3 = @p.n[0]@$ và $xy(x - y) = @p.n[1]@$.
Tính: $(x - y)^3 $
Chọn kết quả đúng:
$(x - y)^3 = x^3 - 3x^2y +3xy^2 - y^3 = x^3- y^3 - 3xy(x - y) = @p.n[0]@ - 3 . @p.n[1]@ = @p.n[0] - 3*p.n[1]@$
p.n = randomArray(2,20,50);
params({n: p.n});
Tính giá trị biểu thức $A = @p.c@x^3y^4z^5 : @p.a@x^2y^3z^5$ tại $x = @p.x@, y = @p.y@$ và $z = 2018.$
Trả lời: $A =$ .
$A = @p.c@x^3y^4z^5 : @p.a@x^2y^3z^5 = @p.b@xy = @p.b@[email protected]@[email protected]@ = @p.b*p.x*p.y@$
p.a = random(3,5);
p.b = random(3,5);
p.x = random(2,4);
p.y = random(3,5);
params({a: p.a, b: p.b, x: p.x, y: p.y});
p.c = p.a*p.b;
p.event = function(Zone){
Zone.find("input").css({"font-family": "Katex_Math", "font-size": "25px"});
}
Cho hai điểm A, B cùng thuộc một nửa mặt phẳng bờ d. Gọi C là điểm đối xứng với A qua d, D là giao điểm của BC và d. E là một điểm khác D thuộc d. |
Chọn kí hiệu thích hợp điền vào các ô sau.
AD + DB = BC || AB || BD || BE.
AD + DB < || > || = AE + EB.
Do A và C đối xứng qua d, nên AD = CD
Ta có, AD + DB = CD + DB = BC.
Xét tam giác CBE, ta có: EC + EB > BC (bất đẳng thức tam giác).
Hay BC < EC + EB.
Tứ giác ABCD có O là giao điểm hai đường chéo.
Những dấu hiệu nào sau đây cho thấy ABCD là hình bình hành?
Hai dấu hiệu
- Tứ giác có hai đường chéo cắt nhau tại trung điểm mỗi đường là hình bình hành.
- Tứ giác có các cạnh đối bằng nhau là hình bình hành.
Dựa vào các dấu hiệu còn lại ta không kết luận được ABCD là hình bình hành
- AB // CD và AD = BC nhưng ABCD chưa chắc là hình bình hành mà chỉ là hình thang cân.
- AB = CD không cho ta ABCD là hình bình hành.
- AD = BC không cho ta ABCD là hình bình hành.
Tìm $x$:
$x^2 @p.d[0]@ @2*p.a@x = [email protected]*p.a@$
Trả lời: $x =$
$ x^2 @p.d[0]@ @2*p.a@x = [email protected]*p.a@ $
[email protected]@ x^2 @p.d[0]@ @2*p.a@x + @p.a*p.a@ = 0$
[email protected]@ (x @p.d[0]@ @p.a@)^2 = 0$
[email protected]@ x @p.d[0]@ @p.a@ = 0$
[email protected]@ x = @p.n[0]@$
p.a = random(2,9);
p.d = shuffle(['-','+']);
params({a: p.a, d: p.d});
p.r = '⇔';
p.n = (p.d[0] == '-')? [p.a, -p.a] : [-p.a, p.a];
p.event = function(Zone){
Zone.find("input").css({"font-family": "Katex_Math", "font-size": "25px"});
};
Phân tích thành nhân tử:
\(xy\left(x+y\right)+yz\left(y+z\right)+xz\left(x+z\right)+2xyz\)
Chọn phương án đúng:
\(xy\left(x+y\right)+yz\left(y+z\right)+xz\left(x+z\right)+2xyz\\ =\left[xy\left(x+y\right)+xyz\right]+\left[yz\left(y+z\right)+xyz\right]+xz\left(x+z\right)\\ =xy\left(x+y+z\right)+yz\left(x+y+z\right)+xz\left(x+z\right)\\ =\left(xy+yz\right)\left(x+y+z\right)+xz\left(x+z\right)\\ =y\left(x+z\right)\left(x+y+z\right)+xz\left(x+z\right)\\ =\left(x+z\right)\left[y\left(x+y+z\right)+xz\right]=\left(x+z\right)\left(xy+y^2+yz+xz\right)\\ =\left(x+z\right)\left[y\left(x+y\right)+z\left(x+y\right)\right]\\ =\left(x+z\right)\left(z+y\right)\left(y+x\right)\\ =\left(x+y\right)\left(y+z\right)\left(z+x\right).\)
Với bài trắc nghiệm ta có thể làm nhanh như sau: chỉ có $\left(x+y\right)\left(y+z\right)\left(z+x\right)$ là có hạng tử $xyz$ nên đó là đáp án đúng.
Chọn kí hiệu thích hợp để hoàn thành phép biến đổi sau:
@p.a*p.a@a2 - b2 + @2*p.a@a + 1 = (@p.a@a + 1 || @p.a@a - 1 || 1- @p.a@a )2 - b2 = (@p.a@a +1|| @p.a@a - 1 || 1 - @p.a@a - b)(@p.a@a +1|| @p.a@a - 1 || 1 - @p.a@a + b)
p.a = random(2,4);
params({a: p.a});
Cho tứ giác ABCD. Gọi E, F, G, H lần lượt là trung điểm của các cạnh AB, BC, CD, DA. EFGH là hình gì?
Ta thấy:
- EF và GF lần lượt là đường trung bình của ΔABC và ΔADC ⇒ EF // AC và GH // AC ⇒ EF // GF.
- EH và FG lần lượt là đường trung bình của ΔABD và ΔBDC ⇒ EG // BD và FH // BD ⇒ EH // FG.
Tứ giác EFGH là hình có hai cặp cạnh đối song song nên nó là hình bình hành.
Cho đường thẳng d và hai diểm A, B cùng thuộc nửa mặt phẳng bờ d và có có khoảng cách đến đường thẳng d theo thứ tự là @p.a@cm và @p.b@cm. Gọi C là trung điểm của AB. Tính khoảng cách từ C đến đường thẳng d.
Trả lời: khoảng cách là cm.
Gọi H, I, K lần lượt là các chân đường cao của A, C, B lên đường thẳng d, AH = @p.a@cm, BK = @p.b@cm.
CI là khoảng cách từ C đến đường thẳng d.
Ta thấy, ABKH là hình thang (đáy AH và BK) với đường trung bình CI.
CI = (AH + BK)/2 = (@p.a@ + @p.b@)/2 = @(p.a + p.b)/2@cm.
p.a = random(5,15);
p.b = p.a + 2*random(1,4);
params({a: p.a, b: p.b});
Với A, B là hai biểu thức bất kì, kéo các biểu thức bằng nhau vào cùng một nhóm:
Cho $x + y = @p.n[0]@$ và $xy = @p.n[1]@.$
$x^3 + y^3=$
$x^3 + y^3 = (x + y).(x^2-xy+y^2) = (x + y).(x^2+2.xy+y^2 - 3.xy) = (x + y).[(x + y)^2 - 3.xy] = @p.n[0]@.(@p.n[0]@^2 - [email protected][1]@) = @p.n[0]*(p.n[0]*p.n[0] - 3*p.n[1])@$.
p.n = randomArray(2,10,30);
params({n: p.n});
Biết độ dài hai đường chéo của hình thoi là [email protected]@$ $cm$ và [email protected]@$ $cm$.
Độ dài cạnh của hình thoi là @p.a@||@p.a1@||@p.a2@||@p.a3@ $cm.$
@img(p.h[p.s], 400)@
Không mất tính tổng quát, giả sử$ AC = @p.c@cm, BD = @p.b@cm$.
Ta có: $OA = OC = AC : 2 = @p.c1@(cm)$
$OB = OD = BD : 2 = @p.b1@(cm)$
Xét tam giác vuông $OAB$, áp dụng định lý Pi-ta-go, ta có:
\(AB^2=OA^2+OB^[email protected] * p.a@\left(cm\right)\).
Vậy $AB$ $=$ [email protected]@$ $cm$.
p.k = random(1,2);
p.h = ["https://olm.vn/resources/H%C3%ACnh%20%E1%BA%A3nh%20-%20Huy%E1%BB%81n/H1%20(6).png",
"https://olm.vn/resources/H%C3%ACnh%20%E1%BA%A3nh%20-%20Huy%E1%BB%81n/H2%20(5).png"];
p.z = [[6,8,5],[10,24,13]];
p.s = random(0,1);
params({k: p.k, s: p.s});
p.c = p.z[p.s][0]*p.k;
p.b = p.z[p.s][1]*p.k;
p.a = p.z[p.s][2]*p.k;
p.a1 = p.a+1;
p.a2 = p.a*2;;
p.a3 = p.a - 1;
p.c1 = getDigits(p.c/2);
p.b1 = getDigits(p.b/2);
© 2013 - 2021 OLM.VN (email: [email protected])
OLM.VN sử dụng tốt nhất bằng trình duyệt Google Chrome, download tại đây.